证明RSA算法在明文和公私钥中N不互质情况下仍然成立
下文中的 k 代表自然数常数，不同句子，公式中不一定代表同一个数
之前接触RSA，没有过多的思考证明过程，今天有感而发，推到了一遍
假设公钥 (e, N) , 私钥 (d, N) ，那么 ed = k * g (N) + 1 ， g是欧拉函数，假设 N = p * q ，p 和 q 都是 大素数， 那么 g (N) = ( p – 1 ) * ( q – 1 ) , k 是自然数
假设明文是 M , 那么 密文 C = M ^ e (mod N)
密文再次运算的结果是明文，即使明文 R = C ^ d ( mod N ) = ( M ^ e ) ^ d ( mod N ) = M ^ (ed) (mod N)
最后 明文 R = M ^ (ed) (mod N) = M ^ ( k * g(N) + 1 ) ( mod N )
要从 R 推出明文，就要证明 R 和 明文 M 模N 同余，也就是 R = k * N + M (k 为自然数)
很简单的一种情况是 明文 M 和 N 是互质的，因为根据欧拉定理 ：
如果 下图的 a 和 n 互质，则有
如果 M 和 N 互质，则两边乘 M
M ^ ( k * g(N)) 1 (mod N ) =》 [ M ^ ( k * g(N)) ] * [ M ] = M ^ ( k * g(N) + 1 ) = R
M ( mod N )
如果 M 和 N 不是互质，就比较难证明了
M 和 N 不互质，那么 M 和 N 必然有一个非1的公因子 ， 假设为 g , 则 N = k1 * g , M = k2 * g (k1, k2 均是常数)
两个素数相乘的积，只有四个因子，分别是 两个乘起来的素数，1，还有积本身。
那么 g 就应该是 这四个因子中的一个，前提已经假设 g 非1，那么 g 可能是剩下三个中的一个。
但是根据 RSA 规范：
5.1.1RSAEP
RSAEP ((n, e), m)
Input: (n, e) RSA public key
m message representative, an integer between 0 and n– 1
Output: c ciphertext representative, an integer between 0 and n– 1
M 应该小于 N，那么 g 就不能取 N，否则 M = k * g = k * N > N
在当前上下文，N = p * q , p 和 q 就是 那两个大素数， N 就是乘积，那么 g 就应该是 p 或 q ，可以推出 M = k0 * g = k * q 或者 M = k * p （k0，k 是自然数）
（g是M和N的非1公因子，所以可以写成 M = k0 * g 的形式）
因为 M < N , 假如 M = k * p , 那么 k = M / p < N / p = q ，也即 k < q ，那么 k 必然和 q 互质，因为 q 是素数 （原因见下图）。M = k * q 时同理
（k 和 q） 与 p 都互质，则有 k * q 与 p 互质。（因为 q 是素数，那么 k * q 分解的话只能分解出 k 和 q，必然没有 p 的因子，下同理）
或者 （k 和 p） 与 q 都互质，则有 k * p 与 q 互质。
再用一次欧拉定理，下面假设 M = k * p
(k * p) ^ (g(q)) 1 (mod q)
因为 q 是素数，比 q 小的数都和 q 互质，所以有 q – 1 个数 和 q 互质，也就是 q 的欧拉函数运算结果 g (q) = q – 1
也就是：
(k * p) ^ (q – 1) 1 (mod q)
下面还要用到一个推到：
假如 A 1 (mod q) （公式1），那么 ( A ) ^ h
1 (mod q) （公式2）
推到： 由公式1得到 A = k * q + 1 , 将 A 代入公式2， ( k * q + 1 ) ^ h 在展开后，只有最后一项是1，不带 k * q，其他都带 k * q , 所以 A^h = ( k * q + 1 ) ^ h 在 mod q 之后还是等于1
所以公式2成立
把 A 换成 (k * p) ^ (q – 1) , h 换成 k0 * (p – 1)
(k * p) ^ (q – 1) 1 (mod q)
可以转化成
[ ( k * p ) ^ ( q – 1) ] ^ ( k0 * ( p – 1 )) 1 (mod q)
[ ( k * p ) ] ^ [ k0 * ( q – 1) * ( p – 1 )] 1 (mod q)
根据 ed = i * g(N) + 1 = i * (p – 1) * (q – 1) + 1
[ ( k * p ) ] ^ (ed – 1) 1 (mod q)
两边同乘 k * p
[ ( k * p ) ] ^ (ed) (k * p) (mod q)
可以写成:
[ ( k * p ) ] ^ (ed) = (k * p) + k1 * q (k1 是自然数常数)
那么
[ ( k ) ^ (ed) ] * [ p ^ (ed ) ] = (k * p) + k1 * q
[ ( k ) ^ (ed) ] * [ p ^ (ed ) ] – k * p = k1 * q
[ [ (k) ^ (ed) ] * [ p ^ (ed – 1) ] – k ] * p = k1 * q
左边是 p 的倍数，右边应该也是 p 的倍数，又 p 和 q 互质，那么只能 k1 是 p 的倍数
回到之前的公式，把 k1 = k2 * p 代入
[ ( k * p ) ] ^ (ed) = (k * p) + k1 * q =》 [ ( k * p ) ] ^ (ed) = (k * p) + k2 * p * q
因为 N = p * q，继续代入
[ ( k * p ) ] ^ (ed) = (k * p) + k2 * N
[ ( k * p ) ] ^ (ed) ( mod N ) = [(k * p) + k2 * N ] (mod N) = (k * p) (mod N)
M = k * p 也就是
M ^ (ed) (Mod N) = M (mod N)
也就是 M ^ (ed) 和 M 模 N 同余
也即，R = M ^ (ed) 和 M 同余
证毕